Php 扩展没有命名空间的类时发生致命错误

我有两个类，数据库和状态。该类数据库未分配命名空间。以文件States.php编写的类States的命名空间分配如下：

namespace Resources;      
require_once 'database.php';
  
$states = new States();
echo $states->readAll();

class States extends Database{
    private $db;
  
    public function __construct(){
      $this->db = new Database();
    }
  
    function readAll(){
      return $this->db->Execute('SELECT * FROM states;');
    }      
}

如果我输入urlhttp://localhost/mydomain/objects/states.php 它应该实例化该类并显示状态列表，引发的错误如下：

致命错误：未捕获错误：在中找不到类“Resources\Database” 第5行的C:\xampp\htdocs\mydomain\objects\states.php

如果我删除行名称空间资源；代码运行

我最近决定在我的网站中实现名称空间，所以很可能是我做错了什么

有什么帮助吗？

这本PHP手册很值得一读。特别是，请看一下：

同样的原则也适用于PHP中的命名空间元素。对于 例如，可以通过三种方式引用类名：

非限定名称，或未固定的类名，如$a=new foo；或者foo:：staticmethod；。如果当前命名空间是currentnamespace， 此解析为currentnamespace\foo。如果代码是全局的， 非命名空间代码，解析为foo。 限定名称，或带前缀的类名，如$a=new subnamespace\foo；或子名称空间\foo:：staticmethod；。如果 当前命名空间为currentnamespace，解析为 currentnamespace\subnamespace\foo。如果代码是全局的， 非命名空间代码，解析为subnamespace\foo。 完全限定名，或带有全局前缀运算符的前缀名，如$a=new\currentnamespace\foo；或 \currentnamespace\foo:：staticmethod；。这总是解决问题 代码中指定的文字名称currentnamespace\foo。 在您的示例中，数据库是非限定名称，因此第1点适用。当前名称空间是Resources，因此它引用Resources\Database。如果删除名称空间资源；第行，代码变为全局的、非命名空间的代码，因此它只引用数据库

要在当前命名空间为Resources时引用类数据库，可以使用完全限定名，如第3点所述。因此，在本例中，您将编写类States extends\Database

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还有其他方法可以编写它，例如，但是我没有必要在这里复制整个PHP手册。

谢谢。只有在数据库之前添加\才能完成此作业。