将json内容放入PHP变量

我需要处理一些以json格式提供给我的数据，我需要从中提取一些数据并将其放入PHP中的变量中

在尽了最大努力之后，我似乎最终出现了以下错误：

Use of undefined constant collectionViewUrl - assumed 'collectionViewUrl'

目前我拥有的唯一真正的代码是：

$string = file_get_contents("https://itunes.apple.com/search?term=rihanna+diamonds&country=gb&media=music&entity=musicTrack&attribute=musicTrackTerm&limit=1");
$json_result = json_decode($string, true);

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我不需要任何类型的数组，我只需要将collectionViewUrl的值放入变量。

这里如何将collectionViewUrl字符串放入变量

$string = file_get_contents("https://itunes.apple.com/search?term=rihanna+diamonds&country=gb&media=music&entity=musicTrack&attribute=musicTrackTerm&limit=1");
$json_result = json_decode($string, true);
$collectionViewUrl = $json_result['results'][0]['collectionViewUrl'];

这里有一个代码板，您可以在其中尝试代码

说明：

当

json_decode

的第二个参数设置为true时，函数返回一个非常接近json结构的关联数组

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从这里开始，您所要做的就是将JSON路径放回一个关联的php数组中，以访问所需的值

在没有

$

sign@robbmj这是正确的。在引用

collectionViewUrl

的地方发布代码。这就是我使用的echo$json_result[collectionViewUrl]；问题是

collectionViewUrl

没有被引用

$json_result[“collectionViewUrl”]而且您没有按照@Khaled Bentoumi answer中的说明查找正确的数组。这很有效，非常感谢您的帮助。标记为answer@omega1欢迎您乐于帮助，您是否可以检查它的回答，以便它可以帮助未来的用户？谢谢