MySQL“；在；使用PHP/CLI的子句

我正在尝试使用PHP exec使用以下命令更新表记录：

exec("mysql --user=USER --password=PASS DB_NAME > 
      UPDATE `table` SET option_value='VALUE' where option_name in ('val1','val2')")

它给出了以下错误：

语法错误：“（“意外的”

。如何在PHP/CLI中使用In子句

注意：我知道我可以使用OR运算符，而在命令行界面上使用密码可能不安全。

您不应该使用“>”来执行SQL语句，“>”用于将输出写入文件，并且“您必须转义“（”，错误由bash而不是php引发。您还可以更改”为了“和逃避”，也要像维韦克说的那样使用-e

exec("mysql --user=USER --password=PASS DB_NAME -e 
      UPDATE `table` SET option_value='VALUE' where option_name in \('val1','val2'\)")

exec('mysql --user=USER --password=PASS DB_NAME -e 
      UPDATE `table` SET option_value='\''VALUE'\'' where option_name in ('\''val1'\'','\''val2'\'')')

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字符“>”表示您正在重定向标准输出，而不是执行查询。请改用“-e query”选项。请阅读bash（

manbash

）和mysql_cli（

manmysql

）的文档在继续之前。

你到底为什么不连接到数据库并使用

mysqli

或

PDO

使用php标记进行更新，但不使用mysqli_*@riggsfully？我不能，否则我不会在这里问问题。这应该由php自动化。在php脚本中创建连接并执行查询是一种自动化。Exec即使是

bash

脚本也可以执行对database的查询，那么为什么要使用

php

呢？从php CLI代码运行简单查询有什么不是自动化的呢？在php CLI中，您可以用与在网页上的php中相同的方式连接到数据库。这比发出

exec命令更容易和更可预测命令
exec("mysql --user=USER --password=PASS DB_NAME -e 
      UPDATE `table` SET option_value='VALUE' where option_name in \('val1','val2'\)")

exec('mysql --user=USER --password=PASS DB_NAME -e 
      UPDATE `table` SET option_value='\''VALUE'\'' where option_name in ('\''val1'\'','\''val2'\'')')