Php JQuery在单击从mysql数据创建的链接时更改div

我有一个从MySQL表创建的导航栏。我想点击链接，只改变页面上两个div的内容。但是，我无法找到编写jQuery代码的正确方法

我试图为所有链接和使用包含一个类

$(".class").click(function(){
//the code to change the div
}

但它似乎不起作用

PHP代码

<?php

    require(__DIR__.'/dbconf.php');
    require(__DIR__.'/db_functions.php');

    $db_con = mysqli_connect($host, $username, $pass, $dbname); 

    $column = "playerName";
    $table = "Players";
    $condition = "";
    $key = "";

    $query = selectData($db_con, $column, $table, $condition, $key);

    while($row=mysqli_fetch_assoc($query)){

        $res[] = $row[$column];

        echo "<a href = # class = 'player' name ='".$row[$column]."'>".$row[$column]."</a>";
    }

    mysqli_close($db_con);
?>

---

看来这应该行得通。当单击任何与类“players”的链接时，它应该更改player变量的值并调用coin_amount.php文件。但事实并非如此。我不明白什么？我知道ajax函数是正确的，因为我在页面加载时调用了该函数，它可以工作。因此，它必须是单击函数中的某个内容。

如果在加载DOM后创建了播放器，则必须将单击侦听器附加到文档，如下所示：

$(document).on('click', '.player', () => {
  // execution code here
}

加载jquery库后，将其添加到页面头部的

标记中

Jquery代码：

$(document).ready(function() {
                    $("#cercaButton").click(function () {
                        $(".divClass").load("./action/loadDdtGiornalieri.php");
                    });
                });

在您的例子中，在从打印菜单的php代码生成的链接标记处添加id

我建议您在菜单的每个链接添加不同的ID，以便加载不同的内容 从php中，您必须生成一个字符串作为

    <a id="cercaButton">Cerca</a>

---

.player

是用ajax动态创建的吗？等等。我的PHP代码被截断了。我正在试着修复它。我修好了。播放器类是通过PHP脚本添加的，但不是动态创建的。html输出是什么？启用mysqli错误报告。我不需要按钮。我希望能够单击播放器名称并在div中更改输出。我的文件中有document.ready（函数）。谢谢。但我想我有一个比我想象的更大的问题，我不知道如何寻求帮助。“哎呀！”克里斯滕米勒仔细考虑如何申请。存在一种方法来要求每一件事：昨天为了提出我的问题，我写了3个小时的帖子。如果你认为这是这个问题的正确答案，请回答；-）

    <a id="cercaButton">Cerca</a>

$(document).ready(function() {
                $("#cercaButton").click(function () {
                    $(".divClass").load("./action/loadDdtGiornalieri.php", {
                        dateIn: $("#dateIn").val(),
                        tipoInterrogazione: $("#tipoInterrogazione").val()
                    });
                });
            });