Php 如何使用mysql查询的结果-例如在另一个表中存储

我从数据库中查询mysql以返回一个稍后要使用的字段

我可以运行查询，并且可以使用echo打印字段中的数据，以证明结果符合预期 . 我尝试了各种脚本将结果字段存储为变量，但到目前为止没有成功

有人能帮忙吗

以下是查询脚本-

$query = mysql_query("SELECT ID FROM users WHERE username = ".$_SESSION['user']); 

while($row = mysql_fetch_object($query) )
{
echo "$row->ID<br />";

但是，如果我将它添加到我的php脚本中，它不会，并且日志文件中没有错误。 我是这样加的

$query1 = ("INSERT INTO temp2 (username,ID) SELECT username,ID FROM users WHERE ID=1");

我的剧本显然有问题，但我似乎不知道是什么

理想情况下，我需要输入数据，其中条件基于先前设置的会话中包含的用户名（$_session['user']），而不是使用“where ID=1”

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任何指导都将不胜感激

首先，您需要为数据创建一个表。它可以是只有您的连接才能看到的临时表，也可以是常规表（如果其他连接需要数据）。您需要决定您需要从源代码中获得哪些列（如果不是全部），以及您所做的工作可能需要哪些额外的列（如果有的话）。通常，您只需要新表中原始表中的主键。使用MySQL，如果新表将与旧表相同，请使用

CREATE。。。与旧的_tbl_name

语法类似，用于向前兼容

接下来（这可能是您首先要查找的内容），您将从旧表中选择插入到新表中：

INSERT INTO new_tbl_name SELECT ... FROM old_tbl_name WHERE ...

如果有额外的列，则需要指定要复制的列：

INSERT INTO selected_users (username) SELECT username FROM users WHERE ...

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（列不需要命名相同，但为什么要自找麻烦。）

使用Select、Insert语句…

mysql\uUcode>函数不推荐使用。使用PDO或mysqli代替ADD die（mysql_error（））；看看发生了什么。。。mysql_query（“您的查询”）或die（mysql_error（））；也许在每次查询之前，您只需要选择一个要在PHP中使用的数据库；）@pouki06-使用了错误语句（由于没有删除前面的分号，最初的工作出现了语法错误）。页面或错误日志文件中没有出现错误-数据库仍然没有更新信息。感谢您的回复-抱歉，我没有尽快回复，但我的儿子住院了，情况变得更糟。我在我的原始帖子的编辑中添加了一些信息。您是显式调用commit还是依赖PHP代码中的自动提交？
INSERT INTO selected_users (username) SELECT username FROM users WHERE ...