Php $\u POST['variable']不带

我有一个由PHP生成的工作选择

代码：

它正在工作。但当我替换

 $text_description=" Helloworld! ";

到

---

它不再工作。

您只需在选项中添加一个值属性即可：

echo "<form method='post'><select name='selectid'>";
$result_select = mysql_query("SELECT * FROM DB.Table");
  while($row_select = mysql_fetch_array($result_select))
    {
        echo "<option value='{$row_select['Value']}'"; 
        if ($row['Value'] == $row_select['Value'] ) echo 'selected';
        echo ">{$row_select['Value']}&nbsp;&nbsp;&nbsp;{$row_select['Value']}
        </option>";
    }
echo "</select></form>";

---

根据这一点，以及你之前的问题，我们希望帖子不要包含HelpMePlease和类似内容，尤其是标题。这被广泛认为是分心和/或乞讨，并且会降低你得到所需答案的可能性。只要写一些细节性的文章，尽量少加修饰就行了——现在看起来不错。是的，尽管有必要向OP指出，他们的代码容易受到XSS的影响。一个模板库，或者至少不要将所有内容都包含在echo语句中，将会有所帮助。谢谢回复！问题不在于从select中获取值，问题在于获取它就像获取somevalue1somevalue2一样，但我获取somevalue1somevalue2。这个隐藏的空白在浏览器somevalue1 somevalue2中。然后只需在value=属性中添加somevale1somevalue2！非常感谢，@SzabolcsPáll

 $text_description=" Helloworld! ";

 $text_description=$_POST['selectid'];

echo "<form method='post'><select name='selectid'>";
$result_select = mysql_query("SELECT * FROM DB.Table");
  while($row_select = mysql_fetch_array($result_select))
    {
        echo "<option value='{$row_select['Value']}'"; 
        if ($row['Value'] == $row_select['Value'] ) echo 'selected';
        echo ">{$row_select['Value']}&nbsp;&nbsp;&nbsp;{$row_select['Value']}
        </option>";
    }
echo "</select></form>";