Python 如何继承继承db.Model的类

我尝试通过结合flask应用程序，使用sqlalchemy创建另一个sql表

我有一个类

Table1

db.model

，它有一些功能，我想通过创建另一个

Table2

类表和一些额外的列（继承现有列）来使用它的功能，不幸的是，当我尝试这样做时，SQLAlchemy的自动表单机制没有创建

表

，就像它对继承

db.model的其他类所做的那样

db = SQLAlchemy(app)

class Table1(db.Model):
   __tablename__ = "table1"

   id                   = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)

class Table2(Table1):
   __tablename__ = "table2"

   id                   = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)
   extra_column         = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)

您必须将
\uuuu abstract\uuuu=True
添加到表1中，但表1不会由SQLAlchemy ORM系统创建

      db = SQLAlchemy(app)



      class Table1(db.Model):
           __tablename__ = "table1"
           __abstract__ = True

           id                   = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)

        class Table2(Table1):
           __tablename__ = "table2"

           id                   = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)
           extra_column         = db.Column(db.String(36),  primary_key=True)

@snakecharmerb是的，但是我继承了
db.Model
，而不是
声明性的\u base
只是一个猜测，但是你需要
super（）
Table1
中
\uuuu init\uuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuuu
我这样做了，但它不工作
db。Model
是一个声明性基类，尽管是一个定制的基类。您似乎正在尝试设置联接继承，但子模型没有对父模型的外键引用
Table2.id
看起来应该是那个引用，但是有
extra_列
形成一个带有
id
的复合主键会把它搞砸。想想看，这不符合逻辑。子表中只有一行应该引用父行，否则
Table2
的两个实例将共享状态（存储在table1中）。未创建表的另一个常见原因是调用
db.create\u all（）
或类似调用时模型还不存在。换句话说，它还没有被导入/包含它的模块没有被评估，因此它在那个点上不存在。