Python lambda是在调用脚本的上下文中执行还是在已定义脚本的上下文中执行？

如果以下函数在不同的文件中定义，并在单独的文件中返回和执行，它会给出定义它的文件名吗？或者它的名字在哪里

File1.py
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def get_current_filename():
        return lambda: os.path.realpath(os.path.abspath(__file__))

File2.py
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import File1
x= File1.get_current_filename()
x()

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这将使用定义它的文件名，即File1.py

在模块加载过程中，导入系统在每个模块对象上填充_文件_;属性。医生

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请注意，这里不支持获取调用模块的文件名File2.py的方法，这只有通过黑客才能实现。避免。

正如wim所说，函数的执行方式是_file _uu将返回函数在File1.py中存在的文件名

然而，实现您想要的目标是可能的，尽管正如wim所说的，这有点不成熟。您可以通过使用以下命令查看调用堆栈中的帧记录来完成此操作：

File1.py：

import inspect

def get_current_filename():
        return inspect.stack()[1][1]

File2.py：

import File1
x = File1.get_current_filename()
print(x)

输出：

C:\<omitted>\File2.py

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第一个[1]表示查看调用堆栈中的第二个帧，第一个帧是调用inspect.stack的位置，第二个[1]是调用inspect.stack的位置，第二个[1]从该帧获取文件名。

您可以通过将lambda body更改为print\uu file\uuuuuuuuuuuuuuu来尝试此操作，但这与lambda无关，一个常规的def函数的行为与您所问的基本相同：Python是动态作用域语言还是静态作用域语言？它是后者。在这里使用lambda是不相关的，它不像lisp lambda。lambda是不相关的，Python使用词汇作用域，不支持动态作用域。可能是：？我不认为在某些语言中，Lambda被传递到调用脚本并在调用脚本的上下文中执行是无关紧要的。当您的edi弹出时，Haha正在用调用文件键入如何获取名称。谢谢你的指导，这很吸引人。谢谢你添加这个！使用它！