Symfony 如果在细枝中为真，则有许多条件

我有许多布尔类型的属性，因此如果为真，则显示是否则显示否。 我应该为每个属性设置一个条件“if”还是有其他简短的方法？

您可以使用在twig中实现较短的

if

-语法

示例：

# I'm creating an example array here

{% set user = { 'active' : true } %}

# Now, instead of ...

User is {% if user.active %}active{% else %}inactive{% endif %}.

# ... you can write:

User is {{ user.active ? 'active' : 'inactive' }}.

输出：

# I'm creating an example array here

{% set user = { 'active' : true } %}

# Now, instead of ...

User is {% if user.active %}active{% else %}inactive{% endif %}.

# ... you can write:

User is {{ user.active ? 'active' : 'inactive' }}.

用户处于活动状态

我建议,

看起来像

class YourProjectTwigExtension extends Twig_Extension
{
    public function getFilters()
    {
        return array(
            new Twig_SimpleFilter('booleanToString', array($this, 'booleanToString')),
        );
    }

    public function booleanToString($value)
    {
        if (!$value) {
            return "No";
        }

        return "Yes";
    }

看一看,

这样你就可以简单地

{{ yourVariable.yourBooleanAttribute|booleanToString }} {# which shows "Yes" or "No" #}

更新：

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对于这一特殊需求，我建议nifr提出建议。但我会保留这个答案，因为它可能有助于您在模板中应用其他特定逻辑。

在这种情况下，是否可以使用twig扩展来执行服务？Hm不是创建twig扩展-编写类，将其注册为服务，使用twig.extension标记它，并对其进行进一步测试。。。这么简单的操作有点过分吗？细枝宏。。。也许：）如果你需要不同的输出。。。比如是/否，主动/非主动，酷/不酷？我认为在这种情况下不值得这么做。我一直在开发真正需要扩展细枝的应用程序。“编写一个类，将其注册为服务，用twig.extension标记它”只需完成一次，然后允许您管理所需的所有过滤器/函数。所以，我同意你的观点，只是为了满足这个特殊的需要而扩展树枝（上面的问题）。但是，比方说，您已经扩展了细枝，添加适当的过滤器并不是那么乏味。