如何使用Lua'；SCAPI

我已经创建了一个

userdata

对象。我对对象的定义如下：

static const luaL_Reg object_methods[] = {
    {"__gc",       pbject_gc},
    {"__tostring", object_print},
    { NULL, NULL }
};

static int
object_new (lua_State *L)
{
    Object *Object = lua_newuserdata(L, sizeof(Object));
    luaL_getmetatable(L, "Object");
    lua_setmetatable(L, -2);
    return 1;
}

int 
luaopen_Object (lua_State *L)
{
    /* create metatable */
    luaL_newmetatable(L, "Object");

    /* metatable.__index = metatable */
    lua_pushvalue(L, -1);
    lua_setfield(L, -1, "__index");

    /* register methods */
    luaL_setfuncs(L, object_methods, 0);

    /* Push a function: Object(...) => new Object */
    lua_pushcfunction(L, object_new);

    return 1;
}

我想制作一个不同的

object\u new

，比如说

object\u s\u new

用于“特殊新”。在

object\u s\u new

中，如何将方法注入到对象元表中

我试着调用

luaL_getmetatable

并编辑该表，但正如我所预料的那样，这会为使用它的所有对象编辑metatable。我希望注入的方法仅限于由

object\u s\u new

创建的对象

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在不创建完全独立的元表的情况下，是否仍然可以执行此操作？这对Lua有什么奇怪的影响吗？例如，我可以将一个

struct脚本

作为两种不同的

userdata

类型吗？

如果只想将方法注入到对象实例中，根本不需要元表。只需在其上设置一个常规字段。@BartekBanachewicz对象是一个userdata。在其上设置字段的唯一方法是通过元表。他可能需要一个新的元表，或者必须将他的

\uu index

处理程序更改为一个函数，以便在消息路由中加入一些条件逻辑。您可以使用两个元表链。如果您只想将该方法注入一个对象实例，则根本不需要元表。只需在其上设置一个常规字段。@BartekBanachewicz对象是一个userdata。在其上设置字段的唯一方法是通过元表。他可能需要一个新的元表，或者必须将他的

\u index

处理程序更改为一个函数，以便在消息路由中加入一些条件逻辑。您可以使用两个元表链。