C++ C++；SFINAE-std:：enable_的差异，如果位置-在模板中或作为返回

这两种实现的区别是什么？我应该使用哪种实现，因为如果我从main调用它们，它们的工作原理是相同的：

template<class T, typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value, int>::type = 0>
void test( const T& t ){
    printf("int\n");
}

template<class T, typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value, int>::type = 0>
void test( const T& t ){
        printf("float\n");
}

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std:：enable_if

的默认第二个参数是

void

，因此表达式

typename std:：enable_if:：type=0

格式不正确

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返回值的

enable\u if

不会引入不必要的带有初始值设定项的模板参数，因此函数模板更优雅，更不容易出错

正如您所注意到的，在引入不必要的模板参数时更容易出错

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另一方面，类模板必须为SFINAE使用额外的模板参数，因为没有返回值。

在这种情况下没有实际区别。第二种形式是兼容的pre-C++11。第一个可用于构造函数，并且具有更简单的函数签名（如果您想创建函数指针）。@Jarod42-Ho-yeah！是的。很抱歉，我有一个拼写错误，我更喜欢一个答案，说两者都是合法的，行为相似（这回答了问题），两者之间的选择是一个简单的偏好，你的选择是后者，因为原因（让你给出你的意见）。对于第一个示例，如果我将签名更改为：

typename std:：enable_If:：type*=nullptr

，我可以在第二个

enable_If

参数中使用

void

template<class T>
typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type test1( const T& t ){
    printf("int\n");
}

template<class T>
typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value>::type test1( const T& t ){
    printf("float\n");
}

int main(){ 
   test(1);
   test(1.0); 

   test1(1);
   test1(1.0); 
}