C++ C++；-如何模板化类属性而不是类的函数？

我想模板化一个类的属性，但不是所有的函数

enum myEnum
{
CHAR,
INT,
FLOAT,
DOUBLE
};

class   myClass
{
public:
  myClass(T);
  ~myClass();
  myEnum getType(); // need to template it to know the type
  myClass *operator+(const myClass&);
   /*
I don't want to template it, because I don't need it,
I can find the type tanks to getType() (for the precision of the operation,
I'll need it, ie. for a char + int)
*/
protected:
  T _value;
  std::string _sValue;
};

我知道如何在类中为一个唯一的函数设置模板，我只需要在类中的函数上方编写

template

。我想知道如何在不模板化所有类的情况下模板化属性

T\u值

如果我尝试对属性执行相同的操作，我的意思是：

template<typename T>
T _value;

模板
T_值；

我有一个错误：

错误：数据成员“\u值”不能是成员模板

---

错误：“myClass”不是一个模板

您的问题不清楚您想要什么，但我猜可能是这样的：

template<typename T>
T getType();


template<typename T>
T myClass::getType()
{
   T t;
   return t;
}

模板
T getType（）；
模板
T myClass:：getType（）
{
T；
返回t；
}

---

如果你想在你的类中有一个模板成员，你必须使类本身成为一个模板。真的没有别的办法了

如果需要模板数据成员，则类必须是类模板：

enum myenum { .... };

template <typename T>
class myclass {
 public:
  myenum gettype() const;
  myclass& operator+=(const myclass& rhs);
 private:
  T value_;
};

enum myenum{….}；
模板
类myclass{
公众：
myenum gettype（）常量；
myclass和运算符+=（常量myclass和rhs）；
私人：
T值；
};

为什么投票被否决？当然，这可以说得更清楚，但其他人仍然可以从中受益。没有枚举类型，我不是在这里写的，但我需要对它进行模板化。事实上，为了了解类型，我会将枚举添加到我的帖子中。@ellayer，

enum

与模板化有什么关系？您想有许多不同的枚举类型吗？这只是一个示例。我不想模板化整个类，因为我不想模板化该类的所有函数。但是我不知道怎么做，因为我有一个模板属性，它要求类被模板化。或者我不知道怎么做，这就是我为什么问的原因。@Elfayer正如我在回答中所说，你的类必须是一个模板。这是没有办法的。那么我能为

操作符+

功能做些什么呢？不管怎样，我还是要通过打字？