C++ 包装类的完美转发

例如，我有一个包装器类：

template <typename T>
struct Wrapper {
    T t;
};

现在，为了方便起见，有一个方法可以创建代理，我编写了重载方法，用于l值和r值引用：

template <typename T>
Proxy<const T &> createProxy(const Wrapper<T> &w) {return {w.t};}

template <typename T>
Proxy<T> createProxy(Wrapper<T> &&w) {return {std::move(w.t)};}

模板
Proxy-createProxy（const-Wrapper&w）{return{w.t}；}
模板
Proxy-createProxy（Wrapper&&w）{return{std:：move（w.t）}；}

这当然只是我想使用的精简代码，但为了让所有内容更具可读性，我想使用一些完美的转发魔法，减少代码，让所有内容更具可读性：

template <typename Wrapper>
Proxy</* ??? */> createProxy(Wrapper &&w) { /* ??? */ }

模板
代理createProxy（包装器和&w）{/*？？？*/}

所以问题是，我如何扣除l值或r值类型成员的l值或r值类型？

std:：forward（w）。t

与

w

具有相同的值类别，因此您只需返回一个

代理，其中
和
从
decltype（（std:：forward（w.t））
:

模板
结构删除\u右值\u引用{
使用类型=T；
};
模板
结构删除\u右值\u引用{
使用类型=T；
};
模板
使用remove\u rvalue\u reference\u t=typename remove\u rvalue\u reference:：type；
模板
自动创建代理（包装器（&w）->
代理{
返回{std:：forward（w）.t}；
}

我不知道你想问什么（为什么你只在最后1到最多3段才开始问这个问题）。
std:：remove\u rvalue\u reference
做的和上面一样，对吗？@user1447257如果有
std:：remove\u rvalue\u reference
，那就是它会做的。有，还有，但是没有
删除\u右值\u参考
。啊，是的，刚刚看到我对文档的误读。无论如何，谢谢你！
template <typename Wrapper>
Proxy</* ??? */> createProxy(Wrapper &&w) { /* ??? */ }

template <typename T>
struct remove_rvalue_reference {
    using type = T;
};

template <typename T>
struct remove_rvalue_reference<T&&> {
    using type = T;
};

template <typename T>
using remove_rvalue_reference_t = typename remove_rvalue_reference<T>::type;

template <typename Wrapper>
auto createProxy(Wrapper&& w) ->
  Proxy<remove_rvalue_reference_t<decltype((std::forward<Wrapper>(w).t))>> {
    return {std::forward<Wrapper>(w).t};
}