C++ “参考运算符”的结果是什么&&引用；关于常量变量？

有人问我如何更改常量变量的值

我明显的回答是“指针！”但我尝试了下一段代码，我感到困惑

int main()
{
    const int x = 5;
    int *ptr = (int *)(&x); // "Cast away" the const-ness..
    cout << "Value at " << ptr << ":"<< (*ptr) <<endl;
    *ptr = 6;
    cout << "Now the value of "<< ptr << " is: " << (*ptr) <<endl;
    cout << "But the value of x is still " << x <<endl;
    return 0;
}

intmain（）
{
常数int x=5；
int*ptr=（int*）（&x）；/“丢弃”常数。。
cout可能您正在经历代码优化的副作用，尝试通过禁用所有优化来运行相同的代码，或者检查asm生成的代码。我猜编译器正在沿着函数重用它在某个注册表中的值，因为他打赌常量，所以即使您实际更改了值，更改的值也不是propagated正确。正如Keith在comemnts中注意到的，原因是您正在使用未定义的行为。
编译器将
x
缓存在寄存器中，因此内存中的值会发生变化，但最后的打印输出仍然相同。请签出生成的程序集（使用
-s
编译）.
首先，这种行为是未定义的。也就是说，可能发生的情况如下：

执行此操作时：

int *ptr = (int *)(&x);

5
存储在某处的某个地址。这就是指针似乎工作正常的原因。（尽管丢弃常量仍然是未定义的行为）

但是，由于编译器的优化，
x=5
只是作为文本内联在最终的print语句中。编译器认为它是安全的，因为
x
声明为
const

cout << "But the value of x is still " << x <<endl;

cout您的程序调用未定义的行为（通过指针写入常量变量是未定义的行为），因此任何事情都可能发生。这是您在特定实现中看到的行为的最可能的解释：

当您执行
&x
时，您确实会得到
&x
的地址。当您执行
*ptr=6
时，您会将6写入
x
的内存位置。但是当您执行
时，从
&x
返回的是指向const int的指针（即
int const*
）.现在指针被inded实现为保存地址，但指针不是地址，您的示例很好地说明了原因：指针的类型尽管在运行时不存在，但仍然起着重要作用

在您的例子中，您正在舍弃常量，因此向编译器撒谎“此指针指向一个非常量int”。然而，编译器从声明中知道，
x
的值不能更改（它被声明为常量），并自由地利用了这一事实（标准允许这样做：您试图通过指向non-const int的指针来更改它是未定义的行为，因此编译器可以执行任何操作）。
看起来像是一种“优化”对我来说，
x
可能只是在可能的情况下被
5
取代。在调试模式下也会发生同样的事情吗？你是否意识到行为是未定义的，没有任何解释会在实现之间准确无误？想象一下，如果你定义了
#x5
。另外，除了一个谜题之外，希望不用多说……嗯更改常量的方法是删除“const”。但是你没有回答这个问题。#define宏的结果是什么？@mike：如果他真的
#define X 5
，写
&X
会导致编译器错误。我如何在VS2010上禁用优化？很可能你是对的。不一定可以禁用所有优化。编译器没有义务提供引用
x
实际上检索存储在
x
地址的内存中的任何内容的一种模式。程序的行为是未定义的；不要浪费时间试图让它做你想让它做的事情。如果你想更改
x
，你不应该让它成为
常量关于如何更改常量的想法…仅此而已：）我不是一个忍者…@Avrahamshuk：知道如何更改声明为
const
的变量对于跟踪bug非常有用。如果
const
-声明对象的值似乎正在更改，那么知道是什么导致了它非常有用，这样您就可以修复bug。（在一些非常罕见的情况下，如果出于某种原因更改变量的定义是不切实际的，那么故意这样做可能会有一定的意义。但是正如您所看到的，优化可以阻止这种尝试。它不需要将其缓存在寄存器中。因为
x
声明为
const
，所以它可以简单地替换
cout
cout << "But the value of x is still " << x <<endl;