C++ 将指针更改为传递给函数的int

考虑以下代码（基本C++）：

#包括
void changeNum（int*n）{
int x=6；
n=&x；
}
int main（）{
int num=5；
changeNum（&num）；
printf（“num=%d\n”，num）；
}

为什么

num

仍然是5？

n=&x

不应该变成6吗

---

退出该功能时，

x

是否被删除？

否，它的工作方式与您预期的不同

&

运算符获取变量的地址。因此，您分配的是地址，而不是值。因此，您正在重写指针，它是一个局部变量，恰好具有引用另一个对象的语义含义

有两种解决方法：

方法1 取消对n的引用，以便可以指定给它

*n = x;

方法2 重写该方法以接受引用，因为它使赋值更直观

void changeNum(int &n) {
    int x = 6;
    n = x;
}
int main() {
    int n = 5;
    changeNum(n);
}

---

首先，变量“x”在

void ChangeNum（*n）

中声明，当它超出范围时（当执行退出函数时），x被删除

其次，要将x的值指定给num，请修改

void ChangeNum

如下所示：

void changeNum(int &n)
{
    int x = 6;
    n = x;
}

并像这样调用函数：

changeNum（num）

退出函数时x是否被删除

对
x
是一个局部变量。在函数或块中声明的变量是局部变量。它们只能由该函数或代码块中的语句使用

简而言之，这意味着当函数
changeNum
结束时，变量
x
（在堆栈上分配）将被销毁

为什么num仍然是5？n=&x不应该是6吗

让我们分析一下你的奇怪函数：

void changeNum(int* n) {
    int x = 6;
    n = &x;
}

这里要做的是创建一个指针
n
，并将局部变量
x
的地址分配给它

各种评论都是错误的，请注意！这不是一种未定义的行为。调用函数时会创建指针
n
（因为指针本身是按值传递的，请注意，指针本身是按值传递的！），函数结束时会销毁指针

实际上，您的函数什么也不做：创建一个指针，用调用者提供的地址初始化它，然后为它分配另一个地址

changeNum(&num);

只是说：“创建一个临时指针，按值传递给函数
changeNum
（注意按值传递指针！）”。因此，它将创建指针的副本并由函数使用

我怎样才能实现我想要的？
我建议您更好地学习，因为您的代码表明您对指针缺乏经验

无论如何，正确的行为应该是：

void changeNum(int* n) {
    *n = 6
}

它将
6
赋值给
n
所指的整数
 一,。您只更改了指针的一个副本（通过引用传递）。2.如果这样做的话，当函数调用返回时，您基本上会有未定义的行为，因为指针不再有效。
x
在退出函数时被删除，因此在函数外部使用其地址是未定义的行为。了解解引用操作符
*
。很好，找到了它。谢谢大家!
int&n
会更好，但如果不是这样，那就太好了answer@LightnessRacesinOrbit：我不关心格式，工具应该为我做这件事。我只是习惯于把
&
和
*
放在同一个地方，而
*
正好在prenting
int*a，b的右边再次发布！为什么你认为一个边缘情况很重要？有太多更重要的原因来决定路线，在我看来，它们都指向左路线。右对齐
*
和
&
对于语言新手来说是非常混乱的，并且会导致如此多的问题！好的代码不会在一行上声明多个变量。您选择右对齐
&
的原因也不是因为您右对齐了
*
；这是因为所有相同的规则都直接适用。@LightnessRacesinOrbit正如我所说，我不在乎它，这种风格只是一种习惯。当你想写东西的时候，使用叮当声或类似的格式。是的，但现在你在教学，所以你写的东西对别人很重要。请注意：）
void changeNum(int* n) {
    *n = 6
}