引用与'；重新声明 我在使用C++代码时曾多次看到以下类型错误： QString str = str.toUpper();

这可能是一个相当容易犯的错误，但它编译并执行（有时有崩溃，有时没有）。我看不出在什么情况下你会真的想这么做

一些测试表明，复制构造函数是被调用的，而不是默认的，并且对象是从复制构造函数中给定的

---

有人能解释为什么这不是编译器错误，甚至不是警告吗？

没有错误或警告，因为它相当于：

QString str;
str = str.toUpper();

就像

QString str = "aaa";

与

QString str;
str = "aaa";

要在同一语句中执行此操作，您需要使用构造函数，它不会编译：

QString str(str.toUpper());

就像：

QString str("aaa");

不等于

QString str;
str = "aaa";

---

从技术上讲，对象

str

是在到达等号时定义的，因此可以在该点使用

错误发生在试图用对象本身初始化对象时，允许编译器对此发出警告（如果它能够检测到）。但是，由于并非所有情况下都可以检测，因此不需要编译器

---

例如

intx=f（x）intf（const int&）

不使用其参数值，则code>是完全正确的。如果编译器还没有看到函数体，怎么知道呢？

这被指定为未定义的行为（不需要诊断），可能是因为这类代码的一个或多个实例的诊断过于复杂。可能是因为编译器不知道toUpper（）返回相同的实例？我可以想象编译器编写人员很难检查它。@MarkB：这是定义的行为，请参见我的答案。它绝对不等同于

QString str；str=str.toUpper（）就像
QString str=“aaa”
不调用赋值运算符。Are
QString str=“aaa”和
QString str；std=“aaa”
实际上是一样的吗？我不是C++专家，但对我来说，第一个调用构造函数，第二个调用默认构造函数，然后是代码>运算符=< /COD>。似乎同意。-1:
QString str=“aaa”
不会调用默认构造函数。它将调用接受
常量char*
的构造函数，该构造函数的参数将是
“aaa”
。也就是说，它不同于默认构造
QString
，然后对其进行复制赋值。@Nicolas:它还将调用复制构造函数。该调用可以省略，但是，语法QString str=“aaa”需要一个可访问的副本构造函数，而不管实际调用是否被省略，这是有意义的。我想我会争辩（为了理智起见，如果没有其他原因的话）在尚未构造的x上调用f（x）仍然应该是一个错误，因为正如你提到的，唯一安全的情况是函数不使用它。啊，是的，但函数可以写入它，对于内置类型，这实际上是可以的。值得注意的是，当通过
auto
关键字定义对象时，这种语法是特别禁止的，但出于类型推断的原因<代码>自动x=x+1无效，兼容的编译器应该拒绝它。@Chris-它实际上可以保存一个指向该对象的指针或引用，并在以后使用它。”。它只是不能使用该值（因为还没有）。C和C++是已知的，它不禁止仅仅是远程有用的东西。那么，在等式符号中，<代码> x <代码>的状态究竟是什么？此时调用了哪个构造函数？