如何不通过引用将JavaScript对象复制到新变量？

我编写了一个快速JSFIDLE，将一个小JSON对象传递给一个新变量，并修改原始变量（不是新变量）中的数据，但新变量的数据也会得到更新。这一定意味着JSON对象是通过引用传递的，对吗

这是我的快速代码：

var json_original = {one:'one', two:'two'}

var json_new = json_original;

console.log(json_original); //one, two
console.log(json_new); //one, two

json_original.one = 'two';
json_original.two = 'one';

console.log(json_original); //two, one
console.log(json_new); //two, one

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有没有一种方法可以制作JSON对象的深度副本，这样修改原始变量就不会修改新变量？

您唯一的选择就是以某种方式克隆对象

看看你是如何做到这一点的

对于简单的JSON对象，最简单的方法是：

var newObject = JSON.parse(JSON.stringify(oldObject));

如果使用jQuery，则可以使用：

// Shallow copy
var newObject = jQuery.extend({}, oldObject);

// Deep copy
var newObject = jQuery.extend(true, {}, oldObject);

2017年更新：我应该提到，因为这是一个流行的答案，现在有更好的方法使用更新版本的javascript实现这一点：

在ES6或TypeScript（2.1+）中：

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请注意，如果

extraProp

也是oldObject上的一个属性，则不会使用其值，因为表达式后面会指定

extraProp:“abc”

，这实际上会覆盖它。当然，不会修改oldObject

我发现，如果您不使用jQuery，只对克隆简单对象感兴趣，那么下面的方法很有效（请参见注释）

文档

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那里没有JSON。请不要将JavaScript对象与JSON混淆。@Quentin，谢谢，我会详细了解JavaScript对象与JSON之间的区别（参考：）不要认为这是重复的，答案在另一个线程上找不到。@Quentin，所以如果我们纯粹在JavaScript范围内讨论，JSON和JavaScript对象是等价的？JSON的不同之处在于它适用于用于解释它的语言？在JavaScript的范围内，JSON要么是“一种数据格式”，要么是“一种包含将JavaScript对象转换成该数据格式的字符串表示形式的方法的对象”，不适用于函数，而只适用于对象内的属性（变量）。

JSON.stringify（{key:undefined}）/=>“{}”

使用此选项，日期将被字符串化，即使在解析后仍将保持字符串。请注意，这对具有循环引用的对象不起作用。这就是为什么我的答案是简单对象，但我想这可能更清楚。我更喜欢此答案，因为“在ES6或TypeScript（2.1+）：JQuery深层/浅层复制的例子也不错。我认为这应该是答案。

var shallowCopy = { ...oldObject };

var shallowCopyWithExtraProp = { ...oldObject, extraProp: "abc" };

JSON.parse(JSON.stringify(json_original));