Php 当存储数据输入时，我的ajax在JQGrid上不起作用

我在这里遇到了使用ajax和JQGrid插入数据的问题，当我尝试传递数据时，我认为ajax或php中的add函数有问题

这是我的阿贾克斯

function AddPost(params) {

    $.ajax({
        url: '<?php echo base_url() ?>index.php/Welcome/tambah_data',
        data: {
            nama: params.nama,
            deskripsi: params.deskripsi,
            user_id: params.user_id,
            created_time: params.created_time,
        },
        async: 'true',
        cache: 'false',
        type: 'post',

        success: function (data) {
            alert("Data successfully added");
        },
        error:function(data){
            alert("error happend");
        }
    }); 

    console.log(params);            

}

---

有人能帮我吗，对不起，我的英语不好，谢谢你没有在你的ajax调用中通过

$\u POST['id']

这个，而且ajax调用中也有打字错误

nama

你已经从ajax传递到php，但是使用

$\u POST['name']

这将是

空的

。谢谢回复@Swati，我已经在ajax上添加了id，并将名称改为nama，但是仍然不起作用，我在ajax或php中错了吗？我认为问题出在php中，如果查询中有任何错误，尝试打印它将显示错误。检查问题的非常简单的方法是在echo json_编码中返回$sql变量。在此之后，请尝试在控制台中手动执行此命令，您将看到您在ajax调用中未传递此命令的问题，ajax调用中也存在打字错误

nama

您已从ajax传递到php，但使用

$\u POST['name']

获得此命令将为

null

。感谢回复@Swati，我已经在ajax上添加了id，并将名称更改为nama，但是仍然不起作用，我在ajax或php中错了吗？我认为问题出在php中，如果查询中有任何错误，尝试打印它将显示错误。检查问题的非常简单的方法是在echo json_编码中返回$sql变量。在此之后，尝试在控制台中手动执行此命令，您将看到问题

    function tambah_data(){

$id=$_POST['id'];
$name=$_POST['name'];
$deskripsi=$_POST['deskripsi'];
$user_id=$_POST['user_id'];
$created_time=$_POST['created_time'];

$sql = "INSERT INTO `master_matakuliah`( `id`, `name`, `deskripsi`, `user_id`,`created_time`) 
VALUES ('$id','$name','$deskripsi','$user_id','$created_time')";
if (mysqli_query($conn, $sql)) {
    echo json_encode(array("statusCode"=>200));
} 
else {
    echo json_encode(array("statusCode"=>201));
}
mysqli_close($conn);

}