Php 从类引用中获取类名称空间和名称，而不更改我的类

在php中，您经常检查得到的对象是否为正确的类型。如果不是，则抛出一个异常，并显示如下消息：

use My\Class\MyClass

...

if (!$object instanceof MyClass) {
    throw new Exception(
        sprintf(
            "object must be of type '%s'", 
            'My\Class\MyClass'
        )
    );
}

namespace My\Long\Namespace\Foo\Bar;

MyClass::class;
// will return "My\Long\Namespace\Foo\Bar\MyClass"

现在，我将完整的名称空间和类的名称以字符串形式传递给

sprintf

我怎样才能从类引用中得到它，这样我就可以做这样的事情了

sprintf("object must be of type '%s'", MyClass::getName())

编辑：

我希望在不添加新方法的情况下为所有类实现这一点。因此，它应该是一个使用一些现有方法或php u__; MAGIC __;方法的解决方案

namespace test;

class a {

    public function getname()
    {
        return __CLASS__;
    }
}

以及：

输出

test\a

静态方法的工作方式相同：

public static function getname()
{
    return __CLASS__;
}

...

a::getname(); // test\a

您也只能使用

\uuuuu名称空间\uuuuu

更新： 您可以为相同的内容创建

ReflectionClass

：

$a = new a();

$r = new \ReflectionClass($a);
echo $r->getName(); // test\a

您可以创建

ClassHelper

类，以便在任何需要它的地方使用它：

class ClassHelper
{
    public static function getFullQualifiedName($object)
    {
        $rc = new \ReflectionClass($object);
        return $rc->getName();
    }
}

并使用它：

echo ClassHelper::getFullQualifiedName($a); // test\a

最后：如果您使用PHP5.6及以上版本（用于将来），您可以使用

class

constant

echo a::class; // test\a

---

从PHP5.5开始，有一个神奇的常量，可以提供任何类的FQCN。您可以这样使用它：

use My\Class\MyClass

...

if (!$object instanceof MyClass) {
    throw new Exception(
        sprintf(
            "object must be of type '%s'", 
            'My\Class\MyClass'
        )
    );
}

namespace My\Long\Namespace\Foo\Bar;

MyClass::class;
// will return "My\Long\Namespace\Foo\Bar\MyClass"

---

它在页面上有文档记录。

从php5.6开始，你可以简单地使用

MyClass:：class

@Maerlyn，如果你把它作为一个答案，你会得到奖励：PYes，这会管用的，但我不想在我所有的类中添加

getName

方法。谢谢你的时间，但这些解决方案不是我想要的。如果你看到@Maerlyn的评论，你会发现有一个更简单的方法。他给了我我想要的东西。我也打算发布它，但是，首先发布我的答案，因为

MyClass:：class

只适用于PHP5.6及以上版本，但无论如何，我要把它包括进去。我的phpstorm也知道这个特性，它识别出了变量：）小心点，尽管：5.6仍然是非常新的，几乎没有在野外使用过。除非你使用自己的服务器，否则你很难使用它的新功能。