如何在php中访问名为变量的对象属性？

用JSON编码的Google API返回如下对象

[updated] => stdClass Object
(
 [$t] => 2010-08-18T19:17:42.026Z
)

有人知道我如何访问

$t

值吗

$object->$t

显然返回

注意：未定义的变量：

t

in/usr/local/

致命错误：无法访问/…中的空属性

---

由于属性的名称是字符串

“$t”

，因此可以按如下方式访问它：

echo $object->{'$t'};

$property_name = '$t';
echo $object->$property_name;

或者，您可以将属性的名称放入变量中，并按如下方式使用：

echo $object->{'$t'};

$property_name = '$t';
echo $object->$property_name;

您可以在repl.it上看到这两个选项的作用：

您是否尝试过：

$t = '$t'; // Single quotes are important.
$object->$t;

---

我正在使用php7，以下功能对我来说很好：

class User {
    public $name = 'john';
}
$u = new User();

$attr = 'name';
print $u->$attr;

正确答案（也适用于PHP7）是：

---

这适用于PHP5和PHP7

$props=get_object_vars($object);
echo $props[$t];

---

如果只使用“echo$object->$property_name”而不使用引号会怎么样。似乎有效，但它仅适用于较新的php版本吗？@Larry在OP中需要引号，因为

$t

是属性名称，而不是包含属性名称的变量。四年后，我意识到我误读了@Lamy comment。你说得对，拉米。如果

$property\u name

的值是字符串

'$t'

，则

echo$object->$property\u name

可以正常工作。我已经更新了我的答案。谢谢和道歉！你好我可以用这个答案，但只能用双引号，@JordanRunning-你确定用单引号是正确的吗？有记录的行为：有一些重要的注释，请阅读；）如果变量只是属性名的一部分，该怎么办？例如，有没有一种方法可以像

$obj->{“$field”{u id'}

这样做？刚刚发现，使用

$obj->{“{$field}”{id'}

这是绝对可能的。看起来很可怕，但它100%有效。