使用PHP将数据插入数据库时出错

我正在尝试从我创建的数据库中插入一个简单联系人表单中的数据。我用的是phpMyAdmin

这是PHP（出于安全原因，我删除了define语句，但我能够毫无问题地建立到数据库的链接。）

我的数据库/表设置如下 数据库名称=phpmy1\u belairfinishing\u com 表名=联系人 列名与insert语句中的列名完全相同

任何帮助都将不胜感激

编辑：这是表格结构，如果有帮助的话 列类型
ID tinyint（4）
FName varchar（75）
LName varchar（75）
电话接口（11）
街道文字
城市文本
状态文本
国家/地区文本
Zipcode int（10）
电子邮件varchar（75）
消息文本

我试图输入的值是 无效的 提姆 猛打 111-111-1111 1随机街 随机城市 随机状态 美国 randomemail@gmail.com

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随机信息

顺便说一句，只是一个想法

您不使用mysqli\u stmt\u bind\u参数

但是使用mysqli\u real\u escape\u字符串

清理vlues（但mysqli_stmt_bind_param确实是更好的实践）

因此，请在文档中查看此通知：

**Caution**
Security: the default character set

The character set must be set either at the server level, or with the API function mysql_set_charset() for it to affect mysql_real_escape_string(). See the concepts section on character sets for more information.

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您正在混合mysql和mysqli。您需要使用mysqli_error（）。将这两个错误都更改为mysqli.error（），但仍然没有收到错误消息。die（'SLQ Insert语句失败：'.mysql_error（）.''。$sqlInsert）然后粘贴Insert语句查找mysqli的prepare方法。使用预先准备好的语句要比多次调用

mysqli\u real\u escape\u string

容易得多。而且它会更安全，因为

mysqli\u real\u escape\u string

并不完美，也不会总是阻止SQL注入。它是

mysqli\u error（）

，而不是

mysqli.error（）

。您必须将

$link

作为参数传递。阅读mysqli_stmt_bind_参数，我将更改php以使用该参数，而不是mysqli_real_escape_字符串，并查看是否修复了任何问题。请查看您问题下的最后一条评论

if(!mysqli_real_query($link, $sqlInsert)){
            die('SLQ Insert Statement Failed: ' . mysql_error());
        }

**Caution**
Security: the default character set

The character set must be set either at the server level, or with the API function mysql_set_charset() for it to affect mysql_real_escape_string(). See the concepts section on character sets for more information.