尝试使用<；在php中显示图像；img src=”等&引用&燃气轮机；从数据库获取数据时

我有一个在谷歌地图上显示位置的代码。我试图在信息窗口中显示每个位置的图像。mysql中的image列具有值“images/imagename”。我在这个论坛上看到了很多关于类似问题的回复，但对我来说不起作用。使用下面的代码，我得到一个损坏的图像图标。如果我直接使用url，那么我就能够显示图像，但这不适用于多个标记。我试着用不同的方式回应它，但它不起作用

var infoWindowContent = [
    <?php if($result2->num_rows > 0){
        while($row = $result2->fetch_assoc()){
            ?>
            ['<div class="info-content">' +
            '<div class="row"><img src="<?=$row["img"]?>"></div>' +
            '<h3 style="background-color: #eb52c7; color: white"><?php echo $row['name']; ?>&nbsp;&nbsp;<?php echo $row['address']; ?></h3>' +
            '<p style="background-color: #eb52c7; color: white"><?php echo $row['info']; ?></p>' + '</div>'],
    <?php }
    }
    ?>
];

var infoWindowContent=[
['' +
'">' +
'  ' +
“
”+”，
];

---

美元行[“img”]的价值是多少变量？如果它包含本地或全局路径？请发布示例

在引号之间不起作用。将变量转换为字符串，而不是标题。我不知道这里发生了什么，但它看起来被引号弄糊涂了。如果这应该是JSON输出，请使用适当的。如果它应该是HTML，请不要在PHP模式之间来回切换太多。$row[“img”]此值是本地路径“images/pic1.jpg”