Bash 当使用“.file args…”调用时，文件中的Shell函数未运行

我正在学习bash的东西，我想我对函数感到困惑。当我编写一个函数来重复一个字符所需的次数时，如下所示：

_repeat()
{
    #@ USAGE: _repeate string number
    _REPEAT=$1
    while [ ${#_REPEAT} -lt $2 ]
    do
        _REPEAT=$_REPEAT$_REPEAT$_REPEAT
    done

    _REPEAT=${_REPEAT:0:$2} ## Trim to desired length

    printf "%s\n" "$_REPEAT"
}

我用命令行调用它_对终端重复hi 5无打印。如果我去掉函数名和括号，只保留代码，然后执行chmod+x/pathtofile/\u repeat并调用repeat hi 5，它会打印到命令行

我想我对函数有些误解，但我不确定是什么

发生什么事了 运行时：

. _repeat hi 5

…它正在运行文件中的内容\u在当前shell中重复，其中$1表示hi，$2表示5

然而，问题中给出的内容仅仅定义了一个函数；它们不调用该函数，因此函数体永远不会生效

修改脚本以调用函数 只需在末尾添加以下行：

if (( $# )); then _repeat "$@"; fi

如果向脚本传递了一个非零参数列表，这将调用函数_repeat。如果没有传递任何参数，那么脚本将只定义函数而不执行它

在不使用脚本的情况下调用函数 在定义函数后的任何时候，您都可以将其作为命令调用来执行，而不需要点：

_repeat hi 5

---

. _repeat hi 5正在读取名为_repeat的文件，在执行文件内容时，参数hi和5在$@中定义。如果要调用当前shell中已定义的函数，只需运行_repeathi 5，不带前导点。为什么要包含该点。？在没有它的情况下运行它也许你在一个文件中有那个函数定义？在当前shell中定义函数时，它不会运行函数，除非您修改文件的内容以显式地使用f/e，并添加最后一行，如if$；然后重复$@；fi.BTW，如果您不声明函数局部变量local或使用declare（作为同义词），则它们会泄漏到周围的范围。@a.Pizzle以在bash:typeset-f中查看声明的函数。要查看可以使用的变量：set-oposix；设置