C++ 模棱两可的函数模板

如果应用于返回类型，我希望通过enable_选择特定的函数模板

一个简单的例子是区分有符号参数和无符号参数

#include <iostream>
#include <type_traits>

template<typename T>
typename std::enable_if<std::is_signed_v<T>, bool>
foo(T t)
{
  return true;
}

template<typename T>
typename std::enable_if<!std::is_signed_v<T>, bool>
foo(T t)
{
  return false;
}

int main(){
  std::cout << foo<uint32_t>(42) << std::endl;

  return 0;
}

这里我得到了编译器错误：重载'fooint'的调用是不明确的 std:：cout您缺少enable_末尾的：：type，如果是，即使条件为false，也不会发生错误

您可以使用enable\u if\t或添加：：类型，如

您缺少enable_末尾的：：type，即使条件为false，也不会发生错误

您可以使用enable\u if\t或添加：：类型，如

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正如Tyker已经回答的那样，您缺少enable_if中的：：type

顺便说一下，您可以通过使用std:：enable\u if\t来减少样板文件的数量

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正如Tyker已经回答的那样，您缺少enable_if中的：：type

顺便说一下，您可以通过使用std:：enable\u if\t来减少样板文件的数量

typename std::enable_if<std::is_signed_v<T>, bool>::type

template<typename T>
std::enable_if_t<std::is_signed_v<T>, bool>
foo(T t)
{
  return true;
}

template<typename T>
std::enable_if_t<!std::is_signed_v<T>, bool>
foo(T t)
{
  return false;
}