Java 从scala中的trait扩展的属性出错

我正在使用scala，我有一个带有属性“name”的trait，我在Userclass中扩展了这个trait，在这里我正在访问该属性
当我试图用这样的特征来声明名称时

val name : String

它在子类中给出错误，该子类是未实现的成员 但是当我试着

val name : String = ""

它只是工作得很好

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请告诉我区别和原因，为什么它以前不工作，为什么它在修改后工作

我假设您的代码如下所示：

trait hasName {
  val name : String
}

class Person extends hasName

特性本质上是抽象的，这意味着它允许有未实现的方法。实际上，

trait

所声明的是：

所有扩展

hasName

的类都保证有一个

val name:String

实例变量。变量中的内容取决于实际的子类

在上述情况下，您的代码扩展为：

trait hasName {
  val name : String = ???
}

其中

？

本质上意味着特定的“功能”未实现

修改后：

trait hasName {
  val name : String
}

class Person extends hasName {val name : String = ""}

扩展类

Person

用自己的实现重写

hasName

trait的实现，或者在本例中，重写hasNametrait的实现

或者，如果您这样做：

trait hasName {
  val name : String = ""
}

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您正在将一个实现添加到

hasName

，因此默认情况下，每个子类都将具有该实现。

为什么将val与className一起使用？你可以使用val name='Joe'和name will String来输入，你应该使用vard。也许你应该显示实际的trait和扩展类。如果你没有在trait中提供

name

的实现，那么你实际上必须在

UserClass

中提供

的实现。请告诉我当我使用这两种方法时，内存中发生了什么？为什么第一种方法不起作用？它不是指内存中的任何东西吗？事实上，在这种情况下，内存中没有发生任何事情。在编译时，
扩展hasName
表示您的用户类将有一个
val name:String
的实现，但是编译器找不到这样的实现，因此不会编译。