Php Laravel：根据输入参数选择结果

我的控制器中有一个搜索查询

public function byQuery($query)
    {
        $q = $this->prepareQuery($query);
        if(str_contains($q,'zealand'))
        {
        $q = 'nz';
        }
        $titles = Title::where('suburb', 'LIKE', $q)
                                ->orWhere('postcode', 'LIKE', $q)
                                ->orWhere('title', 'LIKE', $q)
                                ->orWhere('country', 'LIKE', $q)
                                ->orWhere('state', 'LIKE', $q);

        if (isset($input['type']) && $input['type'] != '')
        {
            $titles = $titles->where('type', 'like', '%'. $input['type'].'%');
        } 
            $titles = $titles->orderBy('href', 'ASC')
                    ->orderBy(DB::raw('RAND()'))
                    ->paginate(36);

            return $titles;

    }

如果我像搜索一样搜索

search?q=new zealand

它将返回我的数据库中与新西兰匹配的所有结果

如果我搜索

   search?q=new zealand&type=sold

我想如果返回所有的结果，从我的数据库匹配新西兰和类型是出售

---

到目前为止它还不起作用。它只返回my DB中的所有结果，并且不将它们限制为已售出的结果。

$input

未定义（至少，我在您发布的代码中没有看到它），因此

isset（）

将始终返回

false

。使用已经可以执行检查的输入类：

if (Input::has('type'))
{
   $titles = $titles->where('type', 'like', '%'. rawurldecode(Input::get('type')).'%');
} 

---

注意：我添加了一个

rawurldecode（）

，因为在您的示例中，“纽西兰”将被传递为“纽西兰+新西兰”，如果您希望它正确匹配，需要考虑到这一点。

嗨，Damien，谢谢您的帮助。我已将输入类添加到我的命名空间中，并用您的输入代码替换了旧的输入代码，但它仍然没有返回正确的结果？如果对db运行生成的查询，它是否找到结果？是。。我有四种类型，销售、购买、租赁、提供，它们都有结果，但查询不会将它们分开，它将返回所有四种类型，这可能意味着您没有正确地构建查询（检查生成的sql）Hi-Damien我可能正在使用->或者where（'postcode'，'LIKE'，$q）->或者where（'title'，'LIKE'，$q）->orWhere（'country'，'LIKE'，$q）->orWhere（'state'，'LIKE'，$q）；因此，查询将返回类型为“销售”的位置，或新西兰等国家类型为“购买”的位置？