Php 如何使用当前日期创建mysql数据库表名？

我有一个链接将用于在数据库中创建sql表。我想使用日期+字符串作为表名。当我只是使用在数据库中创建表的字符串时。但当我使用变量作为带有日期函数的表名时，它不起作用，也不创建任何表

<?php require("connection.php");
$ins = new Db();
$ins->dbconnect();
$tablename = date('d-m-y')."customername";
$table= "CREATE TABLE  $tablename(id int) ";
<a href="<?php $ins->dbconnection->query($table)?>">Create table</a>

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您正在创建一个将出错的空表，如果您想要一个没有列的表，您可以这样做：

CREATE TABLE 01_01_01(t INT);
ALTER TABLE 01_01_01
DROP COLUMN t;

请注意，您必须使用下划线而不是连字符
 我的做法如下：

public function table($tname){
    return $this->dbconnection->query("CREATE TABLE $tname(id int)");
}
$n = $validation['name'];
$m = str_replace(" ","",$n);
$m=date("d_m_Y_g_i_s_A_").$m;
$tname = "$m";
$t = $ins->table($tname);

我已将这些代码粘贴到submit按钮中，并使用date+字符串精细地创建新表。
那么，您尝试创建的表名的实际运行时值是多少？更重要的是，为什么？你到底为什么认为你需要这个？另外，您希望
href
值是什么？为什么？这听起来像是你同时犯了几个错误，而这些错误都是建立在最初的错误设计基础上的。您能否在此详细说明总体目标？如果表名中有连字符（格式为
d-m-y
），则需要在所有查询中使用带引号的标识符：
“创建表”$tablename`（id int）”
。除此之外，很难回答这个问题，因为您没有包含错误消息。我使用了您所说的引用，但它不起作用。它不会抛出任何错误，但也不会创建任何新表$tablename=日期（'d_m__y'），“客户名称”$table=“创建表'$tablename'（id int）”；我想使用该链接创建数据库表，该表的名称将是current_date+一个字符串。因此，当单击链接时，它应该创建唯一的表。我是一名学习者，我要求为我的学生这样做assignment@KAMRULHASAN：单击链接时不会创建表。那个链接不会有任何有用的东西。SQL查询将在页面加载时执行。您最好开始学习服务器端代码和客户端代码：还值得注意的是，除了作为一项学术任务，这几乎不是您真正想要在真实代码中完成的事情。用户不应该创建新表。