在php中是否可以将函数调用作为参数默认值？

在php中，可以执行以下操作：

function foo( $var = "bar" ){
    echo $var;
}

foo();         // output : bar

foo("cheese"); // output : cheese

我尝试过使用这样的函数：

function foo( $var = get_defined_vars() ){}

返回了一个分析错误：

Parse error: syntax error, unexpected '(', expecting ')'

显而易见的答案是这样传递变量

function foo( $var ){
    // do stuff
}

foo( get_defined_vars() );

但是，该函数是可重载的，可以处理许多参数

我通常使用如下函数：

foo( $var1, $var2, $var3 ... etc );

但是，我需要

foo

函数上方作用域中定义的变量，这意味着每次使用

foo

函数时，我都必须通过

get\u defined\u vars（）

每次我想使用这个函数时，我都必须调用

get_defined_vars（），这让我感到非常恼火像这样：

foo( get_defined_vars(), $var1, $var2, $var3 ... etc );

那么，有谁能想出一个办法来解决这个问题吗

我试过这个，也没用：

function foo(){
    $args = func_get_args();
    array_unshift( get_defined_vars() );
    call_user_func_array( "bar", $args );
}

function bar(){
    // do stuff
}

不，你不能。与属性类似，只允许使用静态值和数组。即使这样，我也不推荐它，因为它使函数调用变得不可预测

默认值必须是常量表达式，而不是（例如）变量、类成员或函数调用


试着做以下几点：

function foo( $var1, $var2, $varForDefinedVars=null ){
  if (is_null($varForDefinedVars)){
     $varForDefinedVars = get_defined_vars();
  }
}

对我来说，这听起来像是你在试图做一些肮脏的事情。我确信有更好的解决方案……如果函数需要父范围中所有定义的变量，唯一的方法就是将它们作为参数传入。除非“此范围之上的范围”是全局范围，否则无法从“此范围之上的范围”获取变量。但是我不得不说，拥有一个依赖于父作用域（或者实际上，任何不是当前作用域的作用域）中按名称定义的变量的函数对我来说听起来像是糟糕的设计。考虑构造并传递一个严格定义的对象，原因是用变量名调试变量，可能应该在某个地方提到它！
func\u get\u args（）
、
get\u defined\u vars（）
等提供的功能，它们可以神奇地看到特定于调用它们的作用域的数据，但不能作为用户定义的函数实现。这是一件好事——如果是这样的话，你会看到一些可怕的代码，甚至比你现在看到的还要糟糕。但是，如果您正在调试东西，您可能需要传递主题-例如，
print\r（）
无法神奇地知道您希望它显示什么，您必须向它传递一个值。@AlexMorley Finch听说过XDebug吗？真的：看看它。这只会检索局部函数范围内的变量，而这似乎不是OP想要实现的。