Php 从JSON获取数据会导致崩溃

我尝试从JSON文件中获取单个字符串

此文件使用存储在MySql数据库中的数据

以下logcat显示了该问题：

09-03 20:05:04.825: E/pass 1(27476): connection success 
09-03 20:05:04.825: E/pass 2(27476): connection success 
09-03 20:05:04.830: E/Fail 3(27476): org.json.JSONException: Value 29 of type       

java.lang.String cannot be converted to JSONObject

我知道Stackoverflow的许多问题都解决了这个错误，我尝试了所有的解决方案：

在每个文档中使用UTF-8

substring（）每个字符串

同时我认为这是一个“代码”问题，一定是出了什么问题

所有代码部分均来自本教程：

请看一看：

Android活动：

   > try
    {
    HttpClient httpclient = new DefaultHttpClient();
        HttpPost httppost = new HttpPost("http://myserver/msqlup.php");
        httppost.setEntity(new UrlEncodedFormEntity(nameValuePairs));
        HttpResponse response = httpclient.execute(httppost); 
        HttpEntity entity = response.getEntity();
        is = entity.getContent();
        Log.e("pass 1", "connection success ");
 }
     catch(Exception e)
 {
        Log.e("Fail 1", e.toString());
        Toast.makeText(getApplicationContext(), "Invalid IP Address",
        Toast.LENGTH_LONG).show();
}     

    try
    {
        BufferedReader reader = new BufferedReader
            (new InputStreamReader(is,"utf-8"),8);
            StringBuilder sb = new StringBuilder();
            while ((line = reader.readLine()) != null)
    {
            sb.append(line + "\n");
        }
            is.close();
            result = sb.toString();
        Log.e("pass 2", "connection success ");
}
    catch(Exception e)
    {
    Log.e("Fail 2", e.toString());
}     

try
    {
        JSONObject json_data = new JSONObject(result);
         String name=(json_data.getString("$new"));
    Toast.makeText(getBaseContext(), "Name : "+name,
        Toast.LENGTH_SHORT).show();
    }
    catch(Exception e)
    {
        Log.e("Fail 3", e.toString());
    }
}

msqlup.php

<?php
$host='localhost';
$uname='myname';
$pwd='mypw';
$db="mydb";

$con = mysql_connect($host,$uname,$pwd) or die("connection failed");
mysql_select_db($db,$con) or die("db selection failed");



$r=mysql_query("SELECT Coins from table WHERE new= 1234567");
 $abfrage = "
SELECT
 Coins
FROM
 lunation";


$ergebnis = mysql_query($abfrage) OR die(mysql_error());


while($zeile = mysql_fetch_assoc($ergebnis)){
 $new=$zeile["Coins"];

  }

 print(json_encode($new));


 ?>

这就是我想要做的： 1.从数据库“表”中获取“硬币”的值 2.使用字符串将其保存到Android活动中

---

非常感谢您的任何建议（：

您的

结果

变量似乎不是有效的

JSONObject

，因为它只包含

字符串

“29”

在PHP

json\u encode

中，只对对象和数组有效，因此我会将

$new

变量添加到对象或数组中，然后在Android客户端上，创建

新JSONObject（result）

或

新JSONArray（result）

根据您选择的数据结构进行

json\u编码

更改

$new=$zeile["Coins"];

到

然后，在java中，要阅读本文，您需要：

String name = json_data.getString("Coins");

---

还要确保收到的响应是

“Coins”：“29”

而不是

“Coins”：29

在java代码中打印出

结果

，然后看看你有什么奇怪的地方。好的，Logcat显示“29”，这正是它应该的样子..更改

Log.e（“Fail 3”，e.toString（））

for

Log.e（“result:，result”）；

对不起，这是“29”，但左引号有另一种风格，右引号o.0这本教程很糟糕。没有一个参数是参数，而且它充满了。

mysql\u query

是一个过时的接口，不应该在新的应用程序中使用，并且将在未来的PHP版本中删除。这是一个现代的替代品，就像。如果您对PHP不熟悉e like可以帮助解释最佳实践。谢谢，你让我开心；）$zeile实际上是一个php对象，这就是它工作的原因：）

String name = json_data.getString("Coins");