Ios 恢复应用程序时获取启动选项
我能够在Ios 恢复应用程序时获取启动选项,ios,iphone,swift,xcode,Ios,Iphone,Swift,Xcode,我能够在应用程序方法中处理launchOptions值(因为,很明显,参数会传递给它)。我所做的基本上是从用户那里接收图像,用户通过在共享菜单中选择我的应用程序导入图像: 如果应用程序还没有启动,它可以正常工作,但是如果应用程序已经运行并且没有调用应用程序方法,我不知道如何获取输入参数 我试图找到一种方法,可以帮助我喜欢 application将进入前台(u应用程序:UIApplication,u启动选项:[uiapplicationaunchoptions:Any]? 但是没有成功 我认为这
应用程序
方法中处理launchOptions值(因为,很明显,参数会传递给它)。我所做的基本上是从用户那里接收图像,用户通过在共享菜单中选择我的应用程序导入图像:
如果应用程序还没有启动,它可以正常工作,但是如果应用程序已经运行并且没有调用应用程序
方法,我不知道如何获取输入参数
我试图找到一种方法,可以帮助我喜欢
application将进入前台(u应用程序:UIApplication,u启动选项:[uiapplicationaunchoptions:Any]?
但是没有成功
我认为这是可能的,因为你也可以将图片分享给WhatsApp或Facebook,即使它们已经发布了
有人能帮我吗
谢谢,
Jan您应该实现
应用程序:openURL:options:
方法,如下所示(Swift 2):
自Swift 4.2起,签名为:
func application(_ app: UIApplication, open url: URL, options: [UIApplication.OpenURLOptionsKey : Any] = [:]) -> Bool {
// Do your stuff and return true if you have handled the URL...
// Else
return false
}
我认为你现在看的方向是错误的。你应该参考苹果提供的。如果推广这一点,你只需要这个方法,它将处理你应用程序的URI链接。
-(BOOL)应用程序:(UIApplication*)应用程序
openURL:(NSURL*)url
选项:(NSDictionary*)选项;
这个答案也是正确的。我选择Michael's是因为他速度更快,而且是Swift。非常感谢!
func application(_ app: UIApplication, open url: URL, options: [UIApplication.OpenURLOptionsKey : Any] = [:]) -> Bool {
// Do your stuff and return true if you have handled the URL...
// Else
return false
}