Php 转换日期格式1542575966120 2018年11月18日

我有一个数据库，显示用户最后一次登录的时间，然后显示1542575966120。我想让它显示2018年11月18日19:00

我试着在php中使用它

$intDate = "20". $ infologado ["lastlogin"];

$newDate = date ("d-m-Y", strtotime ($ intDate));

但我不能

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抱歉用英语

正如@Taha Paksu所提到的，这些数字是时间戳（自1970年1月1日起的秒数）。请尝试以下代码：

$intDate = 1542575966120;
$newDate = date('d/m/Y H:i', $intDate/1000);

以毫秒为单位，日期函数接受秒，因此除以1000。也无需将其放入strotime，因为此函数旨在将字符串日期转换为。。。表示数字时间戳

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在您的情况下，您可以将

$intDate=$infologado['lastlogin']而不是从数据库中动态获取结果的第一行。
首先，您需要了解时间戳是什么。时间戳是一个数字，显示自历元（1970年1月1日）以来经过的秒数（或毫秒，有些也包括毫秒）。可在此处找到一般定义：

Unix历元（或Unix时间或POSIX时间或Unix时间戳）是自1970年1月1日（UTC/GMT午夜）以来经过的秒数，不包括闰秒（在ISO 8601:1970-01-01T00:00:00Z中）。从字面上讲，epoch是Unix时间0（1970年1月1日午夜），但“epoch”通常用作“Unix时间”的同义词。许多Unix系统将历元日期存储为带符号的32位整数，这可能会导致2038年1月19日出现问题（称为2038年问题或Y2038年）。
此页上的转换器将以秒、毫秒和微秒为单位的时间戳转换为可读日期

摘自：一种可以将日期转换为时间戳或时间戳转换为日期的工具

然后，为了回答您的问题，系统将日期作为时间戳保存到数据库中，以（可能）绕过使用它的每个不同系统上的格式错误

奈弗明；博士：
当您将数字提供给我上面提到的时间戳转换器时，数字显示为2018年11月18日星期日21:19:26.120。使用PHP，您可以使用：

$unixTimestamp = 1542575966120;
$dt = DateTime::createFromFormat("U.u", $unixTimestamp / 1000);
var_dump($dt);

若要转换为类，则可以在应用程序中使用它。
如果您真的在使用它，那么它会出现语法错误，难怪它不起作用（所有这些空格，尤其是变量名的$后面）。还有，为什么要在时间戳前加20？除此之外，这段代码还可以正常工作。@p0358可能他刚刚学会了时间戳是什么。好一点，我不是故意装傻的，如果是这样的话，我很抱歉。我的意思是，这段代码不工作的原因很小。@p0358我使用了翻译，所以空格谢谢你，你帮了我很多。如果以毫秒为单位，我不知道格式如何